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如何修改以下函数模板,使其返回 42 如果模板参数TU完全相同的类型?

template<typename T,typename U>
int Foo()
{
  return 0;
}
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4 回答 4

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使用std::is_same可以提供所需的行为:

#include <type_traits>

template<typename T,typename U>
int Foo()
{
    return std::is_same<T, U>::value ? 42 : 0;
}
于 2013-01-31T21:27:52.600 回答
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一种惯用的方法是将工作委托给detail命名空间中的辅助函数对象,您可以部分专门T化与 相同的情况U(或您可以在类模板中使用的任何其他编译时模式)。

namespace detail {

template<typename T, typename U>
struct foo
{
     int operator()() const
     {
         return 0;
     }
};

template<typename T>
struct foo<T, T>
{
     int operator()() const
     {
         return 42;
     }
};

} // namespace detail 

template<typename T, typename U>
int Foo()
{
     return detail::foo<T, U>()();
}

对于也具有可推导参数的函数(例如,a will Foo(T x, U y)),这结合了函数模板的参数推导功能和类模板的专业化能力,而不需要用户都更聪明(好吧,你需要他们不调用任何东西的约定直接来自namespace detail

于 2013-01-31T21:36:49.820 回答
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只是为了答案的完整性,以下是在没有类的情况下在编译时做出此选择的方法:

namespace detail
{
    int Foo(std::true_type)
    {
        return 42;
    }

    int Foo(std::false_type)
    {
        return 0;
    }
}

template <typename T, typename U>
int Foo()
{
    return detail::Foo(std::is_same<T, U>());
}

当两个不同的代码路径对您的参数有不同的要求时(尽管在这种情况下没有要求),这种编译时分支很重要。例如,在一个路径中使用成员函数x(),而在另一个路径中y();或者正如您所指出的,甚至是完全“不同”的功能。

对我来说,这比管理班级要简单得多。

于 2013-02-01T07:27:10.510 回答
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那这个呢?

#include <iostream>

template<typename T,typename U>
struct Foo {
  int operator()()
  {
    return 0;
  }
};

template<typename T>
struct Foo<T, T> {
  int operator()()
  {
    return 42;
  }
};

int main() {
   std::cout << Foo<int, int>()() << std::endl;
   std::cout << Foo<int, double>()() << std::endl;
}
于 2013-01-31T21:38:28.123 回答