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和平与你同在，我是使用 Ajax 的新手，问题是，我有 3 个连接到数据库的下拉列表，第一个是“姓名”，第二个是“年龄”，第三个是“国家”！因此，我已连接到数据库，并在第一个列表“名称”中从中检索数据，然后使用 Ajax，在选择第一个列表的任何选项并将它们放入名为“年龄”的第二个列表后，我已成功检索到匹配数据，问题是当我使用与第二个名为“age”的列表完全相同的方式将匹配数据检索到名为“country”的第三个列表中时，它不起作用！所以请帮助我，因为我正在使用这个例子来学习 Ajax，然后应用到一个更大的实际项目中！这是代码：-首先，home.php页面：-

<?php
include "config.php";
?>
<html> 
<head> 
<script type="text/javascript">
function agematch() {
 if (window.XMLHttpRequest) {
  xmlhttp = new XMLHttpRequest();
} 
 else {
 xmlhttp = new ActiveXObject('Microsoft.XMLHTTP');
 }

xmlhttp.onreadystatechange = function() {
  if(xmlhttp.readyState == 4 && xmlhttp.status == 200) {

  document.getElementById('age').innerHTML = xmlhttp.responseText;
  }

} 
xmlhttp.open('GET', 'connection.inc.php?name='+document.ajax.name.value, true );
xmlhttp.send();

}

function countrymatch() {
 if (window.XMLHttpRequest) {
  xmlhttp = new XMLHttpRequest();
} 
 else {
 xmlhttp = new ActiveXObject('Microsoft.XMLHTTP');
 }

xmlhttp.onreadystatechange = function() {
  if(xmlhttp.readyState == 4 && xmlhttp.status == 200) {

  document.getElementById('country').innerHTML = xmlhttp.responseText;
  }

} 
xmlhttp.open('GET', 'country.inc.php?age='+document.ajax.age.value, true );
xmlhttp.send();

}

</script>
</head>
<body> 
<form id="ajax" name="ajax" > 
Choose your name : <select name="name" id="name" select="selected"  onchange="agematch();"> <option>  </option> 
 <?php

   $query = "SELECT DISTINCT name FROM info";
   $result = mysql_query($query);
   while($row = mysql_fetch_array($result)){
   echo"<option  value ='".$row[0]."'> '".@$row[0]."'</option>";
                                }   
 ?>
</select>
Age : <select id="age" name="age" onchange="countrymatch();">  </select>
country : <select id="country" name="country"> <option> </option> </select>

</form>
</body>
</html>

现在，第一次 Ajax 调用的页面：-

<?php
include "config.php";
echo " <option>  </option> " ;
if(isset( $_GET['name']) ) {
  @$name = $_GET['name'];
  }

  $query = "SELECT age FROM info WHERE name = '".@$name."' "; 
  $result = mysql_query($query);
    while ($query_row = mysql_fetch_array($result)) {

      echo " <option  value ='".$query_row[0]."'> $query_row[0]</option> ";
      }

 ?>

现在，第三个下拉菜单的第二个 Ajax 调用页面：-

<?php
include "config.php"; 

  if (isset( $_GET['age']) ) {
     @$age=$_GET['age'];
   }     

  $query = "SELECT country FROM info WHERE name='".@$name."' AND age='".@$age."'  ";
  $result= mysql_query($query);
  while  ($query_row = mysql_fetch_array($result)) {

   echo " <option value = '".$query_row[0]."'> $query_row[0] </option> ";

  }

 ?>

如您所见，这是代码，当然我是通过一个名为“config.php”的页面连接到数据库的，所以我希望您帮我解决这个问题，并将数据库中的数据检索到第三个drop下拉列表“国家”。提前致谢！

好的，Musa 是编辑：-

function countrymatch() {
 if (window.XMLHttpRequest) {
  xmlhttp = new XMLHttpRequest();
} 
 else {
 xmlhttp = new ActiveXObject('Microsoft.XMLHTTP');
 }

xmlhttp.onreadystatechange = function() {
  if(xmlhttp.readyState == 4 && xmlhttp.status == 200) {

  document.getElementById('country').innerHTML = xmlhttp.responseText;
  }

} 
var age = encodeUriComponent(document.ajax.age.value),
var name = encodeUriComponent(document.ajax.name.value),
xmlhttp.open('GET', 'country.inc.php?age='+age+'&name'+name, true );
xmlhttp.send();

}

并且 ：-

<?php
include "config.php";
  if (isset($_GET['age'], $_GET['name']) ) {
     @$age=$_GET['age'];
     @$name = $_GET['name'];
   }     

  $query = "SELECT country from info where name='".@$name."' AND age='".@$age."'  ";
  $result= mysql_query($query);
  while  ($query_row = mysql_fetch_array($result)) {

   echo " <option value = '".$query_row[0]."'> $query_row[0] </option> ";

  }

 ?>

我没有收到任何错误消息，我相信您的观点是正确的，但不幸的是，这个解决方案没有奏效！非常感谢你帮助我:)

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1 回答 1

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您没有在第二个 ajax 请求中发送名称，但您的数据库查询需要它，因此您需要在 ajax 请求中发送名称和年龄。另外你没有清理你的输入，你必须始终验证用户输入，我也建议不要使用 mysql_*

此扩展自 PHP 5.5.0 起已弃用，并将在未来删除。相反，应该使用MySQLi或PDO_MySQL扩展。另请参阅MySQL：选择 API指南和相关的常见问题解答以获取更多信息。

var age = encodeURIComponent(document.ajax.age.value),
var name = encodeURIComponent(document.ajax.name.value),
xmlhttp.open('GET', 'country.inc.php?age='+age+'&name'+name, true );

if (isset($_GET['age'], $_GET['name']) ) {
    $age = $_GET['age'];
    $name = $_GET['name'];
    ...
}
于 2013-01-27T22:08:12.913 回答