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我有以下 HTML +javascript 表单：

<script>
window.addEventListener("load", function() {
var form = document.getElementById("myform");
var link = document.getElementById("submit-link");
link.addEventListener("click", function(event) {

    event.preventDefault();
    form.submit();

}, false);
}, false);
</script>

<form action="" method="post" id="myform">
<a id="submit-link" href="http://www.google.com">Submit</a>
</form>

以下 CSS 代码用于设计：

.ssd {
border: none;
background-color: transparent;
padding: 0;
cursor: pointer;
font-size:89%;
display:inline;
text-decoration: underline; 
color: #00c;  
}

而这个 PHP 代码：

if(isset($_POST['myform'])){
$xmla = new SimpleXMLElement('passwords/' . views . '.xml', 0, true);
$plus = $xmla->goodx;
$result = $plus + 1;
$xmla->goodx = $result;
$xmla->asXML('passwords/' . views . '.xml');


}

现在，每次用户单击值“Click”时，XML 文件都应该更新数据，然后重定向到 google.com。它可以工作，但是当用户将鼠标放在链接上时，他会看到我网站的 URL，而不是谷歌的。任何想法如何解决它？

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1 回答 1

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使用 action="" 并重定向到正确的 google.com 页面。查看 google.com URL 以了解其工作原理。

编辑：

要在每个浏览器中查看链接，您需要使用链接并使用 JavaScript 发布表单：

<script>
window.addEventListener("load", function() {
    var form = document.getElementById("myform");
    var link = document.getElementById("submit-link");
    link.addEventListener("click", function(event) {
        event.preventDefault();
        form.submit();
    }, false);
}, false);
</script>

<form action="" method="post" id="myform">
    <a id="submit-link" href="http://www.google.com">Submit</a>
</form>

这样，用户将看到 google 链接并将其发布到您的 PHP 脚本。

于 2013-01-23T00:32:38.313 回答