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我有一个 .zip 文件，想知道其中文件的名称。这是代码：

zip_path = glob.glob(path + '/*.zip')[0] 
file = open(zip_path, 'r') # opens without error
if zipfile.is_zipfile(file):
    print str(file) # prints to console
my_zipfile = zipfile.ZipFile(zip_path) # throws IOError

这是回溯：

<open file u'/Users/me/Documents/project/uploads/assets/peter/offline_message/offline_imgs.zip', mode 'r' at 0x107b2a150>
Traceback (most recent call last):
  File "/Users/me/Documents/project/admin_dev/proj_name/views.py", line 1680, in get_dps_app_builder_assets
    link_to_assets_zip = zip_dps_app_builder_assets(server_url, app_slug, button_slugs)
  File "/Users/me/Documents/project/admin_dev/proj_name/views.py", line 1724, in zip_dps_app_builder_assets
    my_zipfile = zipfile.ZipFile(zip_path)
  File "/System/Library/Frameworks/Python.framework/Versions/2.7/lib/python2.7/zipfile.py", line 712, in __init__
    self._GetContents()
  File "/System/Library/Frameworks/Python.framework/Versions/2.7/lib/python2.7/zipfile.py", line 746, in _GetContents
    self._RealGetContents()
  File "/System/Library/Frameworks/Python.framework/Versions/2.7/lib/python2.7/zipfile.py", line 779, in _RealGetContents
    fp.seek(self.start_dir, 0)
IOError: [Errno 22] Invalid argument

我很困惑为什么会发生这种情况，因为该文件显然在那里并且是一个有效的 .zip 文件。文档清楚地指出，您可以将文件的路径或类似文件的对象传递给它，这两种方法在我的情况下都不起作用：

http://docs.python.org/2/library/zipfile#zipfile-objects

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1 回答 1

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我无法解决这个问题，最终以完全不同的方式解决了这个问题。

编辑：在我使用的 Django 应用程序中，用户需要能够以 .zip 文件的形式上传资产，然后将他们上传的所有内容（以及我们动态生成的其他内容）下载到另一个具有不同结构的 zip 文件中。所以，我想解压缩之前上传的文件，然后将该文件的内容压缩到另一个 zip 文件中，但由于错误，我无法这样做。当用户请求下载时，我没有读取 zip 文件，而是从 Django InMemoryUploadedFile （我能够成功读取其内容）中解压缩它，并将解压缩的文件留在文件系统上以供以后使用。zip 的内容只有两个较小的图像文件，因此提前解压缩 zip 以供以后使用的解决方法对我来说可以正常工作。

于 2013-01-18T14:13:51.950 回答