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我有这个必须匹配的函数签名

typedef int (*lua_CFunction) (lua_State *L);//target sig

这是我到目前为止所拥有的：

    //somewhere else... 
    ...
registerFunction<LuaEngine>("testFunc", &LuaEngine::testFunc, this);
    ...

    //0 arg callback
void funcCallback0(boost::function<void ()> func, lua_State *state)
{
    func();
}

template<typename SelfType>
void registerFunction(const std::string &funcName, boost::function<void (SelfType*)> func, SelfType *self)
{
            //funcToCall has to match lua_CFunction
    boost::function<void (lua_State *)> funcToCall = boost::bind(&LuaEngine::funcCallback0, this,
        boost::bind(func, self), _1);
    lua_register(_luaState, funcName.c_str(), funcToCall);
}

但是，在lua_register(_luaState...，它仍然在抱怨转换问题

错误 1 ​​错误 C2664: 'lua_pushcclosure' : 无法将参数 2 从 'boost::function' 转换为 'lua_CFunction'

有谁知道如何解决这个问题？

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这不能直接解决。Lua API 需要你提供一个普通的函数指针——这只是一个代码指针，没有别的。同时，boost::function是一个函数对象，它不可能转换为一个普通的函数指针，因为 - 粗略地说 - 它不仅捕获代码，还捕获状态。在您的示例中，捕获的状态是 的值self。所以它有一个代码指针和一些数据——目标 API 只需要代码指针。

于 2009-09-12T00:15:24.377 回答
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问题是编译器无法推导出模板参数，因为存在隐式转换。

您需要将函数指针存储到函数对象中。

function<int(lua_State *)> f = boost::bind(&LuaEngine::testFunc, this)
registerFunction<LuaEngine>("testFunc", f);

并且您的函数需要一个 void 返回类型，并且也需要更改为 int 。

于 2009-09-11T23:54:26.107 回答