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从以下条件检索数据时出现问题：

表用户（id、用户名、名字、姓氏、用户类型、状态）；

----------------------------------
|1 | bsmith | Bob | Smith | 1 | 1|
----------------------------------

表USER_TYPE（代码、描述）

-----------
|1 | admin|
|2 | guest|
-----------

表STATUS_TYPE（id，描述）

-------------
|1 | active |
|2 | suspend|
-------------

然后我使用以下 SQL 查询：

$sql = "SELECT u.id uid, username, last_name, first_name,
      status, t.description status_desc, user_type, w.description type_desc  
      FROM users u 
      LEFT JOIN status_type t ON u.status = t.id
      LEFT JOIN user_type w ON u.user_type = w.code
      ";

当我执行上述 sql 语句时，它不会通过 PHP 返回任何数据。但它适用于 mySQL 命令行客户端。

此外，如果我只使用 PHP 进行左连接，它工作正常。

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3 回答 3

1

好的，您似乎更正了 status_type / user_status 问题。还有这些

同样在您的查询中，您有：

FROM users u

再次在原始描述中说表名是用户而不是用户。

还有更多错别字：

LEFT JOIN status_type t ON u.status = t.code
LEFT JOIN user_type w ON u.user_type = w.id

user_type 的 code 不是 id，status_type 的 id 不是 code，应该是：

LEFT JOIN status_type t ON u.status = t.id
LEFT JOIN user_type w ON u.user_type = w.code
于 2012-11-20T15:32:20.730 回答
0

您要么在“u.id”之后缺少逗号，要么在 u.id 之后缺少 AS：

SELECT u.id, uid, ...

或（更有可能）：

SELECT u.id AS uid, ...
于 2012-11-20T15:27:46.193 回答
0

如果你把它放在你的 PHP 文件中并把输出放在这里怎么办：

$sql = ''; //USE THE STRING IN YOU'RE POST ABOVE
$query = mysql_query($sql); 
$result = mysql_fetch_object($query); 

echo '----' . "<br/>";
echo 'the result:' . "<br/>";  
print_r($result, true) . "<br/>"; 
echo '----' . "<br/>";
echo 'the error' . "<br/>";
echo mysql_error() . "<br/>"; 
echo '-----' . "<br/>";

你可以用这个替换你自己的查询（不要忘记评论它）：

SELECT
     `user`.`id` AS 'uid',
     `user`.`username`, 
     `user`.`last_name`,
     `user`.`first_name`,
     `user`.`status`,
     `user`.`user_type` AS 'type',
     `status_type`.`desciption` AS 'type_desc',
     `user_type`.`description` AS 'status_desc'
FROM `users` 
LEFT JOIN `status_type` ON `status_type`.`id` = `user`.`status`
LEFT JOIN `user_type` ON `user_type`.`code` = `user`.`user_type`
于 2012-11-20T15:31:59.943 回答