c++ - C++中的变量如何命名为函数调用？

Question

在浏览一些快板教程时，我发现了一个奇怪的电话。

int al_init();

该函数al_init()初始化 allegro 以便可以使用 allegro 函数。线是int al_init();怎么回事？如果我更改这行代码以排除int它，它的工作原理相同，但如果我完全取出该行，它就不起作用。这条线在做什么？我唯一能想象的是它创建一个整数并为其分配al_init()函数的返回值，这可能是-1失败和0成功等。但如果这是这样做的，那么你怎么能检查返回价值？

Answer 1

在 C/C++ 中有函数声明和函数定义：

声明如下所示：

int a_function();
void another_function();
double yet_another_function();

解释：

• 函数名前的标识符（例如int, void）double描述了函数返回值的类型。
• 如果您未指定一个，则默认为int（这就是为什么它在您int从中删除时有效int al_init()，但在您完全删除声明时无效）
• void意味着它不应该返回一个值（即使从技术上讲它可以，但这是针对极少数情况的）

定义如下所示：

int a_function() {
    std::cout << "hello world!";
    int x = 1;
    int y = 2;
    return (x + y);
}

注意区别：

• 声明以;
• 定义后面是用大括号括起来的代码块：{和}，但不是;！
• 在某些情况下，您不需要声明函数。如果它位于代码中已经看到定义的位置，则定义可以代替声明（这将我们引向下一点......）
• 声明的目的是告诉程序，例如，有一个名为 的函数a_function，它不需要任何参数，并且它返回一个类型的值int。

Answer 2

根据 C 的语法规则，原型定义为：

<return-type> function-name (param1, param2, ..);

函数调用定义为：

function-name(param1, param2,...);. 所以它显然定义了一个函数原型而不是调用该函数。

C89 和以前的规则是：

使用上述规则，另一个规则是：对于隐式整数返回类型，假设原型定义在任何可执行函数代码之外。如果它在函数内部，它将被称为函数调用而不是函数原型定义。

---

除此之外，让我们从问题开始：

在浏览一些快板教程时，我发现了一个奇怪的电话。int al_init();

那是不正确的，它看起来像一个函数原型或声明

函数 al_init() 初始化 allegro 以便可以使用 allegro 函数。什么是 int al_init(); 线？如果我将这行代码更改为排除 int ，它的工作原理相同，但如果我完全删除该行，它就不起作用。

什么不起作用？停止编译？这很明显，因为它将无法找到al_init()功能。此外，它在没有“int”的情况下工作的原因是因为它隐含地假定返回一个整数。

这条线在做什么？

它告诉编译器al_init()库函数是在别处定义的，通常在 a .libor .aor.dll中，并且您希望在程序中使用它。

我唯一能想象的是它创建了一个整数并为其分配了 al_init() 函数的返回值，

对代码的绝对错误解释，它不会创建任何整数，也不会为其分配任何值。

可能是 -1 表示失败，0 表示成功等。但如果这是这样做的，那么你怎么能检查返回值呢？

由于您想知道该函数返回了什么，您可以在实际调用 al_init() 时执行此操作：

int retval = al_init(); printf("al_init() returned %d",retval);

Answer 3

你确定你不是在看函数声明吗？