php - 通过echo构建img标签jquery php字符串不起作用

Question

嘿，我想让这个在这里工作：

<? 
echo ('<script type="text/javascript">
$(\'#fileupload\').fileupload({
}).bind(\'fileuploaddone\', function (e, data) {
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/\'' . 
    ' + jQuery(\"#slideNum\").val(); + ');
    echo ('\'.jpg");
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:");') ?>

上传图像后，它会调用此脚本，我需要它来查看在选择框中选择了什么值。但是，我得到的只是：

所以自然它不适用于显示图像。我怎样才能重新设计它以使其按照我需要的方式工作？

Answer 1

<?php if($_POST['submit']){ ?>

       <script>
       //your script here
       </script>

<?php } ?>

遵循这个想法，而不是更好地回显你的脚本，而是将你的脚本放在像上面的代码一样的 2 个 PHP 封闭标签中。

Answer 2

<script type="text/javascript">
  $('#fileupload').fileupload({
    }).bind('fileuploaddone', function (e, data) {
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/" + jQuery("#slideNum").val() + '.jpg');
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:");

代替：

<? 
echo ('<script type="text/javascript">
$(\'#fileupload\').fileupload({
}).bind(\'fileuploaddone\', function (e, data) {
    jQuery("#shadow").attr("src", "bannerImg/slider/\'' . 
    ' + jQuery(\"#slideNum\").val(); + ');
    echo ('\'.jpg");
    jQuery("#theText").html("New Slider Image:");') ?>