ios - Cocoa - 在“openURL”之后返回本机应用程序

Question

我有一个应用程序，可以让我打电话给我的联系人。我使用以下代码来做到这一点：

[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:numberVar]];

拨打电话，但问题是当我完成通话时，ios 不会返回应用程序。反正有这样做吗？当用户单击“结束通话”时，ios 会返回应用程序。

非常感谢！

Answer 1

您想使用 IPC（进程间通信），这在 iOS 应用程序中有点奇怪：您需要在您的应用程序中注册一个协议处理程序，并在您显示的 HTML 页面中放置一个链接openURL。例如，您的链接可以以“myapp://”而不是“http://”之类的开头。

看这里：http: //mobileorchard.com/apple-approved-iphone-inter-process-communication/

Answer 2

这个怎么样？

UIWebView webView = [[UIWebView alloc] init]; 
NSURL *url = [NSURL URLWithString:@"numberVar"]; 
[webView loadRequest:[NSURLRequest requestWithURL:url]];

Answer 3

使用此代码：[[UIApplication sharedApplication] openURL:[NSURL URLWithString:@"telprompt://10086"]];

它会带你回到应用程序。