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我正在尝试通过 ajax 将数据传递到 php 页面，数据被插入到数据库中，然后我需要拿起最后一个插入并传递回来以更新选择菜单并选择最后一个插入。数据库得到正确更新，但我得到一个 NULL 回声 json_echo($data); 返回

整天被困在这个问题上，非常感谢您的帮助！！！

if (empty($_POST) === false && empty($errors) === true) {

      $company_id   = $_POST['company_id'];
      $patient_id   = $_POST['addpatient_id'];
      $first_name   = $_POST['addpatient_firstname'];
      $last_name    = $_POST['addpatient_lastname'];
      $dob          = $_POST['addpatient_dob'];
      $updated      = $_POST['patient_added'];


      $update = array();
      array_walk($update_data, 'array_sanitize');

      foreach($update_data as $field=>$data) {
          $update[] = '`' . $field . '` = \'' . $data . '\'';
      }

      mysql_query("INSERT INTO `lab`.`patients` (`company_id`, `patient_firstname`, `patient_lastname`, `patient_dob`, `patient_added`) VALUES ('$company_id', '$first_name', '$last_name', '$dob', '$updated')");
      $last_patient_id = mysql_insert_id();

      $result = mysql_query("SELECT `patient_id`, `patient_firstname`, `patient_lastname`, `patient_dob` FROM `patients` WHERE `patient_id` = $last_patient_id");
      $data[] = mysql_fetch_assoc($result);
}
      echo json_encode( $data );
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如果发生错误，json_encode 返回 false（php 手册）。我会从那里开始。

$json_string = json_encode( $data );
if( $json_string ){
   echo $json_string;
}else{
   echo "Error";
   echo "<pre>";
   print_r($data);
   echo "</pre>";
}

这至少应该引导您进行调试。

编辑：也尝试将其添加到函数的开头 all

error_reporting(E_ALL); 
ini_set('display_errors', '1');

这将有助于显示 mysql 抛出的错误。

编辑：我只想修复拼写，但由于我至少需要 6 个字符，所以我会提到http://jsonlint.com/来验证您在 json_encode 中输入的内容

于 2012-09-21T22:47:57.783 回答