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struct node* new_node =
            (struct node*) malloc(sizeof(struct node));

我不明白这里的*：...(struct node*) malloc(siz... 首先，* 属于node 还是malloc？这是什么意思？指针与内存函数 malloc 有什么关系？我真的对 * 位置感到困惑

谢谢

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C 中括号中的类型名称（例如(struct node *)）称为“强制转换”。这是一种将表达式类型更改为命名类型的方法，通常与指针一起使用。

但是，这是忽略Do I cast the result of malloc中的建议的代码。这里不需要演员表，这（在我看来，如果您遵循该链接，也许并不奇怪）相当糟糕的代码。

编写此分配的最佳方法是：

struct node * new_node = malloc(sizeof *new_node);

这只提到了一次类型，放弃了可能引入错误并且阅读起来既无意义又麻烦的强制转换，并避免在指定要分配多少内存时引入脆弱性。赢了，赢了。

于 2012-08-22T08:14:06.830 回答
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struct node     <= type
*new_node       <= pointer named new_node (of type struct node)
=               <= assignment
(struct node *) <= cast to pointer of type struct node
malloc(SIZE)    <= returns pointer of type void, thus needs cast
于 2012-08-22T07:57:40.607 回答
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(struct node*)是cast，这是一种显式类型转换。*属于struct node，说明请求的类型是指向变量的指针struct node。malloc() 总是返回void*一个 void 指针。

malloc 的函数定义是void* malloc (size_t size);（在这种情况下也是*属于的void）。

编写您问题中发布的代码的人将此 void 指针转换为struct node*. 他们为什么这样做尚不清楚，他们要么对 C 中的指针转换如何工作感到困惑，而且也不知道这种转换的危险，要么代码是为 C++ 编写的。

C 语言中的 void 指针是一种通用指针类型，可以转换为任何其他指针类型，无需强制转换 (1)。

但是，在 C++ 中，转换 void 指针时必须始终进行强制转换，因为 C++ 具有比 C 更严格的类型转换规则并强制执行显式转换。

在 C 中强制转换 malloc() 的结果是危险的，并且被认为是一个错误 (2)，因为除非通过 #include 提供正确的函数原型，否则编译器默认行为会启动，它会错误地认为 malloc 返回 int。根据特定系统的指针和整数宽度，它可能工作得很好，或者可能导致程序崩溃和/或内存泄漏。

然而，在 C++ 中强制转换 malloc() 的结果是必要的。

参考：

  1. ISO 9899:2011 6.3.2.3/1。
  2. 具体来说，强制转换 malloc 的结果有什么危险？
于 2012-08-22T08:39:32.020 回答
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是*用于类型。这里的类型是 a struct node*（指向 a 的指针struct node）。

它不是“连接”到malloc功能，而是“连接”到类型。malloc()返回一个指针，因此您也将返回值分配为一个指针。

于 2012-08-22T07:57:19.217 回答
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它只是类型转换。

malloc返回一个void指针（没有任何类型的指针）。 (struct node *)意味着您正在为malloc. 也看到这个

于 2012-08-22T08:51:49.007 回答
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这只是一个类型转换。实际上 malloc 函数返回 void pointer (void *) ，这意味着它不特定于任何数据结构或数据类型。它返回一个通用指针。通过类型转换，我们使返回值具体化，在这种情况下， (struct node *) 是指向结构节点类型的指针。

简单来说，我们可以说我们正在将 void 指针 (void *) 转换为 struct 指针 (struct node *)。

于 2012-08-22T09:12:46.063 回答