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我收到一条错误消息，指出我的图像由于错误而无法显示。我查看了该问题的先前解决方案，但没有一个取得任何成功。我确保没有空行，我有单独的 html 和 php，并且我在标题之前有正确的信息。任何帮助都会很棒，因为我认为我错过了一些小东西。代码如下。

html:

            <?php
        $images = "SELECT product_images.img_name, product_images.img_tag, product_images.img_family, product_images.img_id FROM product_images
INNER JOIN product_list
ON product_images.img_tag = product_list.product_tag && product_images.img_family = product_list.name_family";
    $img_list = mysql_query($images);
    while($rows = mysql_fetch_array($img_list))  {
        $img_name = $rows['img_name'];
        $img_tag = $rows['img_tag'];
        $img_family = $rows['img_family'];
        $img_id = $rows['img_id'];
        //echo $img_name;
?>
                <div>
                  <img src="view.php?imgid=<?php echo $img_id; ?>" />
                </div>  
<?php 
    }
?>

php:

<?php
require_once('april25_connect.php');
$dir = "product_images/";
$img = $_GET['imgid'];
$query = "SELECT * FROM product_images WHERE img_id = '$img'";
//echo $query,'<br>';
$newid = mysql_query($query);
if (!$newid) {
    echo "Query '$newid' failed <br />\n";
    echo "Error: ".mysql_error()." <br />\n";
    exit;
}else{
    while($returned_id = mysql_fetch_array($newid)) {
    $name = $returned_id['img_name'];
    $tag =  $returned_id['img_tag'];
    $family = $returned_id['img_family'];
    header ("Content-type: image/jpeg; image/gif; image/png");
    $fullpath = $dir.$name;
    echo $fullpath;
    }
}
?>
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1 回答 1

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我认为你的方法是错误的。您不应该在 IMG html 标记处回显 $fullpath 而不是 $img_id 吗？

<img src="view.php?imgid=<?php echo $fullpath; ?>" />

可能是我理解错了，但是部分看剧本内容很难说。

PS 我没有看到您的脚本返回 $img_id 变量以供使用。

I checked your product_images/ directory, it's a level up, that makes it $dir = "../product_images/";

于 2012-08-03T02:59:26.967 回答