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我正在努力赶上 C++11 和所有很棒的新特性。我有点卡在 lambdas 上。

这是我能够开始工作的代码：

#include <iostream>
#include <cstdlib>
#include <vector>
#include <string>
#include <functional>

using namespace std;

template<typename BaseT, typename Func>
vector<BaseT> findMatches(vector<BaseT> search, Func func)
{
    vector<BaseT> tmp;

    for(auto item : search)
    {
        if( func(item) )
        {
            tmp.push_back(item);
        }
    }

    return tmp;
}

void Lambdas()
{
    vector<int> testv = { 1, 2, 3, 4, 5, 6, 7 };

    auto result = findMatches(testv, [] (const int &x) { return x % 2 == 0; });

    for(auto i : result)
    {
        cout << i << endl;
    }
}

int main(int argc, char* argv[])
{

    Lambdas();

    return EXIT_SUCCESS;
}

我想要的是这样的：

template<typename BaseT>
vector<BaseT> findMatches(vector<BaseT> search, function <bool (const BaseT &)> func)
{
    vector<BaseT> tmp;

    for(auto item : search)
    {
        if( func(item) )
        {
            tmp.push_back(item);
        }
    }

    return tmp;
}

基本上我想将可能的 lambda 缩小到一个合理的函数子集。我错过了什么？这甚至可能吗？我正在使用 GCC/G++ 4.6。

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Stephan T. Lavavej 在此视频中解释了为什么这不起作用。基本上，问题在于编译器试图BaseT从the和参数中std::vector 进行推断。std::functionC++ 中的 lambda不是type std::function，它是一个未命名的、唯一的非联合类型，如果它没有捕获列表（空[]），它可以转换为函数指针。另一方面，std::function可以从任何可能类型的可调用实体（函数指针、成员函数指针、函数对象）创建对象。

请注意，我个人不明白为什么要将传入的仿函数限制为该特定签名（此外，通过多态函数包装器的间接调用，如std::function，远比直接调用仿函数效率低得多（甚至可能是内联的）），但这是一个工作版本。基本上，它禁用了std::function部分的参数推导，并且只BaseT从std::vector参数中推导：

template<class T>
struct Identity{
  typedef T type;
};

template<typename BaseT>
vector<BaseT> findMatches(vector<BaseT> search, 
    typename Identity<function<bool (const BaseT &)>>::type func)
{
    vector<BaseT> tmp;

    for(auto item : search)
    {
        if( func(item) )
        {
            tmp.push_back(item);
        }
    }

    return tmp;
}

Ideone 上的实时示例。

另一种可能的方法是不直接限制函子类型，而是通过 SFINAE 间接限制：

template<class T, class F>
auto f(std::vector<T> v, F fun)
    -> decltype(bool(fun(v[0])), void())
{
  // ...
}

Ideone 上的实时示例。

如果fun不接受类型参数T&或返回类型不可转换为bool. , void()make的f返回类型void。

于 2012-08-02T09:22:01.050 回答
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正如其他海报所揭示的，这是 std::function 的模板参数推导。

使第二个代码片段工作的一种直观方法是在调用模板函数时添加基本类型：findMatches<int>.

Xeo 未提及的另一种方法是使用 std::is_convertible：

template<typename BaseT, typename FUNC>
vector<BaseT> findMatches(vector<BaseT> search, function <bool (const BaseT &)> func)
{
    static_assert(std::is_convertible<FUNC, function<bool (const BaseT &)> >::value, "func must be convertible to ...");

    vector<BaseT> tmp;

    for(auto item : search)
    {
        if( func(item) )
        {
            tmp.push_back(item);
        }
    }

    return tmp;
}

它避免将 lamda 包装到 std::function 中，并提供更清晰的错误消息。

于 2017-07-02T03:33:25.157 回答