php - JSON 和 PHP 初学者

Question

对不起这个简单的问题。

我使用以下代码将 JSON 对象发布到 PHP 页面：

    $.get("ProcessName.php", { name: "John" },
        function(data){
            alert("Data Loaded: " + data);
        });

我需要在 ProcessName.php 中编写什么代码才能让警报显示名称是 John？

我意识到我可以在客户端处理 JSON 对象，但这是一个简单的示例，可帮助我了解 PHP 页面如何读取从客户端发送的 JSON 对象。我准备了很多问题和初学者教程，但他们似乎都跳过了这个简单的步骤，或者我可能遗漏了一些东西。

谢谢，

score 6 · Accepted Answer

6

在您的 ProcessName.php 页面中，提醒 John 您只需要

echo $_GET['name'];

于 2012-07-22T05:59:21.667 回答

score 0 · Accepted Answer

js：

 $.get("ProcessName.php", { name: "John" },
        function(data){
            alert("Data Loaded: " + data);
        });

进程名称.php：

<?php

if($_GET['name'] == "John") {
    echo "This work!";
}

?>

或睡觉

<?php

sleep(200); 

if($_GET['name'] == "John") {
    echo "This work!";
}

?>

或者

<?php

echo $_GET['name'] == "John" ? "At works" : null;

?>

例如:) 如果您需要对 html 使用附加响应

$.get("ProcessName.php", { name: "John" },
        function(data){
            $("#append").html(data);
        });

例如，您需要创建 div id=append！祝你好运！

score 0 · Accepted Answer

在 Javascript/JQuery 中，如果您想访问 JSON，您可以编写

data.name

如果您想获取页面上的发布值，您可以通过 2 种方式获取

$_POST['name'];

和

$_REQUEST['name'];

您还可以包括以下语句

if(isset($_POST['name']))
    echo "Name is ".$_POST['name'];

有些人认为使用 $_REQUEST 是不好的做法，基本上 $_REQUEST 检查 $_POST 和 $_GET 中的名称。要清除您的概念，您可以单击此处。

3 回答 3