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我必须使用以下签名为malloc调用实现一个包装器：mymalloc

void mymalloc(int size, void ** ptr)

是void**必需的，以便在主程序中不需要类型转换，并且正确指针（没有类型转换）的所有权保留在main().

void mymalloc(int size, void ** ptr)
{
    *ptr = malloc(size) ;
}
main()
{
    int *x;
    mymalloc(4,&x); // do we need to type-cast it again?
                    // How does the pointer mechanism work here?
}

现在，传递的指针是否需要再次进行类型转换，还是会隐式地进行类型转换？

我不明白这是如何工作的。

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malloc返回一个void*。对于你的函数，用户应该首先创建他们自己的局部void*变量，然后给你一个指向它的指针；然后预计您的函数将填充该变量。因此，您在签名中有一个额外的指针，在您的函数中有一个取消引用，在客户端代码中有一个地址运算符。

原型模式是这样的：

void do_work_and_populate(T * result)
{
     *result = the_fruits_of_my_labour;
}

int main()
{
    T data;                      // uninitialized!
    do_work_and_populate(&data); // pass address of destination
    // now "data" is ready
}

对于您的使用示例，替代品T = void *，您的劳动成果是malloc（加上检查）的结果。

但是，请注意 anint*与 a 不同void*，因此您不能仅将xoff 的地址作为 void 指针的地址传递。相反，您需要：

void * p;
my_malloc(&p);
int * x = p;  // conversion is OK
于 2012-06-23T19:22:53.617 回答
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与 相反void *，该类型void **不是通用指针类型，因此如果类型不同，则需要在赋值之前进行强制转换。

于 2012-06-23T19:20:04.677 回答
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void ** ptr

这里，“ptr”是指向指针的指针，可以被视为指向指针数组的指针。由于您的结果存储在那里（mymalloc 没有返回任何内容），您需要澄清您希望分配到“ptr”中的内容。参数“大小”不是一个充分的描述。

于 2012-06-23T19:23:29.700 回答