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考虑以下代码：

#include <stdio.h>
#include <sys/types.h>
#include <unistd.h>

int main(void)
{
    int i;
    for(i = 0; i < 2; i++)
    {
        fork();
        printf(".");
    }
    return 0;
}

该程序输出 8 个点。这怎么可能？不应该有6个点吗？

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3 回答 3

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原始人往往会fork()延伸想象力。在您对它有所了解之前，您应该在纸上追踪每个操作是什么，并说明进程的数量。不要忘记 fork() 创建了当前进程的近乎完美的副本。最显着的区别（对于大多数目的）是fork()父子之间的返回值不同。（由于此代码忽略了返回值，因此没有区别。）

所以，起初，有一个过程。这将创建第二个过程，这两个过程都打印一个点和循环。在他们的第二次迭代中，每个人都会创建另一个副本，因此有四个进程打印一个点，然后退出。所以我们可以很容易地解释六个点，就像你期望的那样。

然而，printf()真正做的是缓冲它的输出。因此，只有两个进程时的第一个点在写入时不会出现。这些点保留在缓冲区中——在 fork() 中被复制。直到进程即将退出缓冲点才出现。四个过程打印一个缓冲点，加上新的一个提供 8 个点。

如果您想避免这种行为，请致电fflush(stdout);after printf()。

于 2012-06-21T06:58:19.537 回答
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您在输出流中有未提交的缓冲区。stdout 是行缓冲的，并且缓冲区与进程的其余部分一起复制。当程序终止时，未提交的缓冲区被写入两次（每个进程一次）。两者都使用

printf("a\n");

和

printf("a "); fflush(stdout);

不要表现出问题。

在您的第一个示例中，您创建了四个进程，每个进程在其输出流缓冲区中都有两个点。当每个流终止时，它会刷新其缓冲区，生成八个点。

于 2012-06-21T06:59:15.913 回答
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当 i=0

Process_1：缓冲文本= 1 点

Process_2（由 Process_1 创建）：缓冲文本 = 1 点

当 i=1

Process_3（由 Process_1 创建）：从 Process_1 继承 1 个缓冲点并自行打印 1 个点。Process_3 总共打印 2 个点。

Process_4（由 Process_2 创建）：从 Process_2 继承 1 个缓冲点并自行打印 1 个点。Process_4 总共打印 2 个点。

Process_1：打印 2 个点（当 i=0 时打印一个缓冲点，当 i=1 时打印另一个点）

Process_2：打印 2 个点（当 i=0 时打印一个缓冲点，当 i=1 时打印另一个点）

最终输出：8 点。:)

于 2013-12-24T20:12:18.487 回答