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我有一个弹出窗口，它在胡佛请求来自服务器的数据以显示。然而，我可以防止多个弹出窗口的唯一方法是使用同步 ajax。我知道如果永远不会使用同步 ajax，那么应该很少使用。这可以异步完成吗？我只是在学习需要回调，并且感觉它们是相关的。谢谢

(function( $ ){
    $.fn.screenshotPreview = function() {
        xOffset = 20;
        yOffset = 10;

        this.hover(function(e) {
            $.ajax({
                url:    'getPopup.php',
                success: function(data)
                {
                    $("body").append('<div id="screenshot">dl><dt>Name:</dt><dd>'+data.name+'</dd><dt>User Name:</dt><dd>'+data.username+'</dd></dl></div>');
                    $("#screenshot")
                    .css("top",(e.pageY - yOffset) + "px")
                    .css("left",(e.pageX + xOffset) + "px")
                    .fadeIn("fast");                    
                },
                async:   false,
                dataType: 'json'
            });
        },
        function() {
            $("#screenshot").remove();
        });
        this.mousemove(function(e) {
            $("#screenshot").css("top",(e.pageY - yOffset) + "px").css("left",(e.pageX + xOffset) + "px");
        });
    };
})( jQuery );
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您想添加一个标志，说明您是否已开始显示弹出窗口：

(function( $ ){

    var showing = false;

    $.fn.screenshotPreview = function() {
        xOffset = 20;
        yOffset = 10;

        this.hover(function(e) {
          if(!showing){
            showing = true;
            $.ajax({
                url:    'getPopup.php',
                success: function(data)
                {
                  if(showing){
                    $("body").append('<div id="screenshot">dl><dt>Name:</dt><dd>'+data.name+'</dd><dt>User Name:</dt><dd>'+data.username+'</dd></dl></div>');
                    $("#screenshot")
                    .css("top",(e.pageY - yOffset) + "px")
                    .css("left",(e.pageX + xOffset) + "px")
                    .fadeIn("fast");
                  }                    
                },
                dataType: 'json'
            });
          }
        },
        function() {

            showing = false;

            $("#screenshot").remove();
        });
        this.mousemove(function(e) {
            $("#screenshot").css("top",(e.pageY - yOffset) + "px").css("left",(e.pageX + xOffset) + "px");
        });
    };
})( jQuery );
于 2012-05-27T18:05:28.960 回答