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javascript 参数“Step”应该触发 php.ini 中的 switch-case 函数。如果 Step 是 1，则在 php 中触发这段代码并通过 JSON 返回输出。

如果我看一下萤火虫，帖子字符串是：Step=one&inputFname=rick&inputLname=bovenkamp我认为这是正确的。所以问题一定出在php文件中，我认为它在$_POST部分......

我究竟做错了什么？任何帮助都会非常棒！

javascript代码：

$(document).ready(function() {
    $("form#userForm").submit(function() {
        var inputFname = $('#inputFname').attr('value');
        var inputLname = $('#inputLname').attr('value');
            var Step = "one";
        $.ajax({
            type: "POST",
            url: "main.php",
            data: {Step: Step,inputFname: inputFname,inputLname: inputLname},
            dataType: "json",
            contentType:"application/json; charset=utf-8",
                success: function(data) {
                $("p.succesText").html(data.jsCode);
                    $("form#userForm").hide();
                $("div.success").fadeIn();
            },
            error: function(xhr, status, error) {
                $("form#userForm").hide();
                $("p.errorHead").html("Something went wrong.");
                $("p.errorText").text("ResponseText: " + xhr.responseText
                                        + "Statuscode: " + xhr.status
                                        + "ReadyState: " + xhr.readyState);
                $("div.error").fadeIn();
            }
        });
            return false;
    });
});

PHP 文件：

<?php header('content-type: application/json; charset=utf-8');

    $log = array();

    $varStep = htmlspecialchars(trim($_POST["Step"]));  

    switch($varStep) {

        case "one":

        $varFname = htmlspecialchars($_POST["inputFname"]);
        $varLname = htmlspecialchars($_POST["inputLname"]);

        //Make Database connection
        $db = mysql_connect("192.168.178.254","root","852456");
        if(!$db) die("Error connecting to MySQL database.");
        mysql_select_db("Ajax" ,$db);

        //Generate code and check if code already exists in the database
        do
        {
            $varCode = rand(10000, 99999);
            $dbCheckCode = "";
            $dbCheckCode = mysql_query("SELECT * FROM TableAjax WHERE code='$varCode'");
        }
        while (mysql_fetch_array($dbCheckCode) !== false);

        //Save the Form data in the database
        $sql = "INSERT INTO TableAjax (fname, lname, code) VALUES (".PrepSQL($varFname) . ", " .PrepSQL($varLname) . ", " .PrepSQL($varCode) . ")";
        mysql_query($sql);  

        //Return code to frontend
        $log['jsCode'] = $varCode;

        break;
    }

    echo json_encode($log);


    //Clean SQL statement
    function PrepSQL($value)
    {
        if(get_magic_quotes_gpc()) 
        {
            $value = stripslashes($value);
        }
        $value = "'" . mysql_real_escape_string($value) . "'";
        return($value);
    }   

?>
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1 回答 1

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将 Step 放在引号中data : {"Step" : Step,...。

在这种情况下，您将变量的值作为键传递，也就是说您实际上是在传递data : {"one" : "one",.... 你应该对inputLnameand做同样的事情inputFname。

编辑 - 解释

如果您在http://api.jquery.com/jQuery.ajax/查看 contentType 选项的作用，您会看到默认设置就是application/x-www-form-urlencoded您想要的。本质上，您的 PHP 错误表明该$_POST数组为空，因为由于格式的原因它不知道如何读取您的数据。您希望您的返回数据是json，该dataType选项就是您所需要的。

你仍然需要做我在帖子第一部分中指出的事情，但基本上你有两个错误让你绊倒。

我希望这是有道理的！

于 2012-05-10T15:36:55.367 回答