3

在表单提交时，我想加载一个带有 mysql 表更新列表的 div。我将表单变量发送到 php 并将它们发布到 mysql 表中。同一页面显示完整的表格数据。我想将数据加载到与表单相同的 div 标签中。因此，信息似乎正在表单上方加载。

我的 Javascript

$("#formSubmit").submit(function(){

    var name = $("input#name").val();
    var comment = $("input#comment").val();
    var filmnumber = $("input#hidden").val();

    var dataString = 'name='+ name + '&comment=' + comment + '&filmnumber=' + filmnumber;

    $.ajax({
        type: "POST",
        url: "comment.php",
        data: dataString,
        success: function() {
            $('#2').load('comment.php');
        }
    });

我的表格——

<div id="2">                                    
    <p>Add a Comment</p>
    <form id="formSubmit" method="POST">
        <div>
            <input type="hidden" name="hidden" id="hidden" value="2">
            <label for="name">Your Name</label>
            <input type="text" name="name" id="name" />

            <label for="body">Comment Body</label>
            <textarea name="comment" id="comment" cols="20" rows="5"></textarea>

            <input type="submit" id="comment" class="button" value="Submit" />
    </form>
    </div>

它所做的只是刷新页面而不是将信息加载到 div 2：S

感谢您的帮助

4

2 回答 2

3

preventDefault您需要使用事件对象上的方法来防止表单重定向页面：

$("#formSubmit").submit(function(e){ // add the event object as an argument to your function
    e.preventDefault(); // right here

    var name = $("input#name").val();
    var comment = $("input#comment").val();
    var filmnumber = $("input#hidden").val();

    var dataString = 'name='+ name + '&comment=' + comment + '&filmnumber=' + filmnumber;

    $.ajax({
      type: "POST",
      url: "comment.php",
      data: dataString,
      success: function() {
       $('#2').load('comment.php');
      }
    });
});
于 2012-05-02T17:54:07.417 回答
1

在末尾添加 return false 以阻止表单提交。或者，如果您想更优雅，请使用 preventDefault(); 方法。就个人而言，尽管我只是坚持使用 return false ，但像这样简单的事情；

$("#formSubmit").submit(function(e){ // add the event object as an argument to your function


var name = $("input#name").val();
var comment = $("input#comment").val();
var filmnumber = $("input#hidden").val();

var dataString = 'name='+ name + '&comment=' + comment + '&filmnumber=' + filmnumber;

$.ajax({
  type: "POST",
  url: "comment.php",
  data: dataString,
  success: function() {
   $('#2').load('comment.php');
  }
});
return false;//right here

});

于 2012-05-02T17:54:22.593 回答