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我想知道如何将给函数的参数bash正确“转发”到另一个函数或程序。

例如，在 Mac OS X 中，有一个命令行程序open（手册页）将使用其默认应用程序打开指定的文件（即，它将在 Xcode 中打开 *.h 文件，或在 Finder 中打开文件夹等）。我想简单地调用open不带参数的方法来打开 Finder 中的当前工作目录，或者为其提供典型参数以正常使用它。

我想，“我就用一个函数！” 哈，我想那里没那么快。这是我所拥有的： 

function open
{
    if [ $# -eq 0 ]; then
        /usr/bin/open .
    else
        /usr/bin/open "$*"
    fi
}

简单的调用open效果很好，它会在 Finder 中打开工作目录。调用open myheader.h效果很好，它会在 Xcode 中打开“myheader.h”。

但是，调用open -a /Applications/TextMate.app myheader.h以尝试在 TextMate 而不是 Xcode 中打开文件会导致错误“无法找到名为'/Applications/TextMate.app myheader.h'的应用程序”。似乎传递"$*"给/usr/bin/open导致我的整个参数列表仅作为一个参数转发。

将函数更改为仅使用usr/bin/open $*（不引用）会导致带有空格的路径出现问题。然后调用open other\ header.h会导致错误“文件 /Users/inspector-g/other 和 /Users/inspector-g/header.h 不存在”，但解决了另一个问题。

必须有一些约定来转发我刚刚错过的论点。

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你确实错过了"$@"，这是为这种情况设计的。

于 2012-04-20T01:31:36.627 回答