php - 如何显示特定的 json 值而不是打印或转储函数

Question

使用以下内容，我可以将所有信息显示为两种格式的数组，但是我希望为变量分配一个值并使用例如名称而不是完整的屏幕转储。

$url = 'http://myurl';

$json = file_get_contents($url);

$dump=(var_dump(json_decode($json, true)));

$json_output = json_decode($json); print_r($json_output)

这可能很容易，我很抱歉。

Answer 1

您可以使用：

$object = json_decode($json);

这将创建一个对象，然后您可以访问类似的属性..

echo $object->whatever;

或者您可以像这样使用 json_decode：

$array = json_decode($json, TRUE);

这将创建一个数组，您可以像这样访问单个键..

echo $array['whatever'];

Answer 2

使用 PHP 的 json_decode() 函数应该可以满足这一点。在您的第一次调用中，您将 TRUE 作为第二个参数传递，因此该函数返回一个关联数组。PHP 手册页说明了这种差异：

$json = '{"a":1,"b":2,"c":3,"d":4,"e":5}';
var_dump(json_decode($json));
var_dump(json_decode($json, true));

这两个对 var_dump 的调用将输出：

object(stdClass)#1 (5) {
["a"] => int(1)
["b"] => int(2)
["c"] => int(3)
["d"] => int(4)
["e"] => int(5)
}

array(5) {
["a"] => int(1)
["b"] => int(2)
["c"] => int(3)
["d"] => int(4)
["e"] => int(5)
}

在任何一种情况下，您都可以访问各个元素：

$json       = '{"url":"stackoverflow.com","rating":"useful"}';

$jsonAsObject   = json_decode($json);
$jsonAsArray    = json_decode($json, TRUE);

echo $jsonAsObject->url . " is " . $jsonAsArray['rating'];

这将输出：

stackoverflow.com is useful

Answer 3

您使用面向对象的 dot.notation 来访问变量名称。尝试这样的事情：

alert($json_output->varName);
alert($json_output['varName']);