php - 如何使用 Guzzle 保留错误响应主体

Question

我正在使用 Guzzle 从 API 消费。当该 API 中发生错误时，响应看起来像这样。

Status Code: 500
Content-Type: application/json
-----
{
    error: 'identifier',
    error_messsage: 'foo bar'
}

我希望该正文响应（json 编码）成为 Guzzle 处理的异常中的消息。

try {
    // Below, a Guzzle request
    $request->send();
}
catch ( \Exception $e ) {
    // returns the error response body we talked about before
    $e->getMessage();
}

有没有办法允许这样做？

Answer 1

谢谢@dollery，阅读该文档使我找到了解决方案。

使用异常的 getResponse() 方法按预期工作。

try {
    // Below, a Guzzle request
    $request->send();
}
catch ( \Exception $e ) {
    // returns the error response body
    $e->getResponse()->json();
}